1、2014年北京市高考物理试卷一.选择题1（3分）下列说法中正确的是（）A物体温度降低，其分子热运动的平均动能增大B物体温度升高，其分子热运动的平均动能增大C物体温度降低，其内能一定增大D物体温度不变，其内能一定不变2（3分）质子、中子和氘核的质量分别为m1、m2和m3当一个质子和一个中子结合成氘核时，释放的能量是（c表示真空中的光速）（）A（m1+m2m3）cB（m1m2m3）cC（m1+m2m3）c2D（m1m2m3）c23（3分）如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面。下列判断正确的是（）A1、2两点的场强相等B1、3两点的场强相等C1、2两点的电势相等D2、3两点的电
2、势相等4（3分）带电粒子a、b在同一匀强磁场中做匀速圆周运动，它们的动量大小相等，a运动的半径大于b运动的半径若a、b的电荷量分别为qa、qb，质量分别为ma、mb，周期分别为Ta、Tb则一定有（）AqaqbBmambCTaTbD5（3分）一简谐机械横波沿x轴正方向传播，波长为，周期为T，t=0时刻的波形如图1所示，a、b是波上的两个质点图2是波上某一质点的振动图象下列说法正确的是（）At=0时质点a的速度比质点b的大Bt=0时质点a的加速度比质点b的小C图2可以表示质点a的振动D图2可以表示质点b的振动6（3分）应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入。例如平伸手掌托起
3、物体，由静止开始竖直向上运动，直至将物体抛出。对此现象分析正确的是（）A手托物体向上运动的过程中，物体始终处于超重状态B手托物体向上运动的过程中，物体始终处于失重状态C在物体离开手的瞬间，物体的加速度大于重力加速度D在物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度7（3分）伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展。利用如图所示的装置做如下实验：小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升。斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐减低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是（）A如果
4、斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置B如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态C如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小8（3分）以往，已知材料的折射率都为正值（n0）现已有针对某些电磁波设计制作的人工材料，其折射率可以为负值（n0），称为负折射率材料位于空气中的这类材料，入射角i与折射角依然满足=n，但是折射线与入射线位于法线的同一侧（此时折射角取负值）若该材料对于电磁波的折射率n=1，正确反映电磁波穿过该材料的传播路径的示意图是（）ABCD二.实验题9（18分）利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内电阻要求尽量减小实验误差（1
5、）应该选择的实验电路是图1中的 （选项“甲”或“乙”）（2）现有电流表（00.6A）、开关和导线若干，以及以下器材：A电压表（015V） B电压表（03V）C滑动变阻器（050） D滑动变阻器（0500）实验中电压表应选用 ；滑动变阻器应选用 ；（选填相应器材前的字母）（3）某位同学记录的6组数据如下表所示，其中5组数据的对应点已经标在图2的坐标纸上，请标出余下一组数据的对应点，并画出UI图线序号123456电压U（V）1.451.401.301.251.201.10电流I（A）0.0600.1200.2400.2600.3600.480（4）根据（3）中所画图线可得出干电池的电动势E= v，
6、内电阻r= （5）实验中，随着滑动变阻器滑片的移动，电压表的示数U以及干电池的输出功率P都会发生变化图3的各示意图中正确反映PU关系的是 三.计算题10（16分）如图所示，竖直平面内的四分之一圆弧轨道下端与水平桌面相切，小滑块A和B分别静止在圆弧轨道的最高点和最低点现将A无初速度释放，A与B碰撞后结合为一个整体，并沿桌面滑动已知圆弧轨道光滑，半径R=0.2m；A和B的质量相等；A和B整体与桌面之间的动摩擦因数=0.2取重力加速度g=10m/s2求：（1）碰撞前瞬间A的速率v；（2）碰撞后瞬间A和B整体的速率v；（3）A和B整体在桌面上滑动的距离L11万有引力定律揭示了天体运动规律与地上物体运动
7、规律具有内在的一致性（1）用弹簧秤称量一个相对于地球静止的小物体的重量，随称量位置的变化可能会有不同的结果已知地球质量为M，自转周期为T，万有引力常量为G将地球视为半径为R、质量均匀分布的球体，不考虑空气的影响设在地球北极地面称量时，弹簧秤的读数是F0a若在北极上空高出地面h处称量，弹簧秤读数为F1，求比值的表达式，并就h=1.0%R的情形算出具体数值（计算结果保留两位有效数字）；b若在赤道地面称量，弹簧秤读数为F2，求比值的表达式（2）设想地球绕太阳公转的圆周轨道半径为r、太阳的半径为Rs和地球的半径R三者均减小为现在的1.0%，而太阳和地球的密度均匀且不变仅考虑太阳和地球之间的相互作用，以
8、现实地球的1年为标准，计算“设想地球”的一年将变为多长？12（20分）导体切割磁感线的运动可以从宏观和微观两个角度来认识如图所示，固定于水平面的U型导线框处于竖直向下的匀强磁场中，金属直导线MN在于其垂直的水平恒力F作用下，在导线框上以速度v做匀速运动，速度v与恒力F的方向相同：导线MN始终与导线框形成闭合电路已知导线MN电阻为R，其长度L恰好等于平行轨道间距，磁场的磁感应强度为B忽略摩擦阻力和导线框的电阻（1）通过公式推导验证：在t时间内，F对导线MN所做的功W等于电路获得的电能W，也等于导线MN中产生的焦耳热Q；（2）若导线MN的质量m=8.0g，长度L=0.10m，感应电流I=1.0A，
9、假设一个原子贡献一个自由电子，计算导线MN中电子沿导线长度方向定向移动的平均速率ve（下表中列出一些你可能会用到的数据）；阿伏伽德罗常数NA6.01023mol1元电荷e1.61019C导线MN的摩尔质量6.0102Kg/mol（3）经典物理学认为，金属的电阻源于定向运动的自由电子和金属离子（即金属原子失去电子后的剩余部分）的碰撞展开你想象的翅膀，给出一个合理的自由电子的运动模型；在此基础上，求出导线MN中金属离子对一个自由电子沿导线长度方向的平均作用力f的表达式2014年北京市高考物理试卷参考答案与试题解析一.选择题1（3分）下列说法中正确的是（）A物体温度降低，其分子热运动的平均动能增大B
10、物体温度升高，其分子热运动的平均动能增大C物体温度降低，其内能一定增大D物体温度不变，其内能一定不变【分析】温度是分子热平均动能的标志，温度越高，分子热运动的平均动能越大内能与物体的体积、温度、摩尔数等因素有关结合这些知识进行分析【解答】解：A、B、温度是分子热平均动能的标志，物体温度降低，其分子热运动的平均动能减小，相反，温度升高，其分子热运动的平均动能增大，故A错误，B正确；C、D、物体的内能与物体的体积、温度、摩尔数等因素都有关，所以温度降低，其内能不一定增大；温度不变，其内能不一定不变。故CD错误。故选：B。【点评】解决本题的关键掌握温度的微观意义，知道温度是分子热平均动能的标志明确内
11、能与物体的体积、温度、摩尔数等因素有关2（3分）质子、中子和氘核的质量分别为m1、m2和m3当一个质子和一个中子结合成氘核时，释放的能量是（c表示真空中的光速）（）A（m1+m2m3）cB（m1m2m3）cC（m1+m2m3）c2D（m1m2m3）c2【分析】核反应中释放的能量E=mc2以释放光子的形式释放出来【解答】解：根据爱因斯坦质能方程E=mc2此核反应放出的能量E=（m1+m2m3）c2，C正确、ABD错误。故选：C。【点评】记住爱因斯坦质能方程，在计算时要细心，一般数据都较大3（3分）如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面。下列判断正确的是（）A1、2两点的场强相
12、等B1、3两点的场强相等C1、2两点的电势相等D2、3两点的电势相等【分析】根据电场线的分布特点：从正电荷或无穷远处出发到负电荷或无穷远处终止，分析该点电荷的电性；电场线越密，场强越大。顺着电场线，电势降低。利用这些知识进行判断。【解答】解：A、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与2比较，1处的电场线密，所以1处的电场强度大。故A错误；B、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与3比较，1处的电场线密，所以1处的电场强度大。故B错误；C，顺着电场线，电势降低，所以1点的电势高于2点处的电势。故C错误；D、由题目可得，2与3处于同一条等势线上，所以2与3两点的电势相等。故D正确。故选：D
13、。【点评】加强基础知识的学习，掌握住电场线和等势面的特点，即可解决本题。4（3分）带电粒子a、b在同一匀强磁场中做匀速圆周运动，它们的动量大小相等，a运动的半径大于b运动的半径若a、b的电荷量分别为qa、qb，质量分别为ma、mb，周期分别为Ta、Tb则一定有（）AqaqbBmambCTaTbD【分析】粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律列式后比较即可【解答】解：粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：qvB=m解得：r=由于mv、B相同，故r；A、r，a运动的半径大于b运动的半径，故qaqb，故A正确；B、由于动量mv相同，但速度大小未知，故无法判断
14、质量大小，故B错误；C、周期T=，虽然知道a运动的半径大于b运动的半径，但不知道速度大小关系，故无法判断周期关系，故C错误；D、粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：qvB=m故：=，虽然知道a运动的半径大于b运动的半径，但不知道速度大小关系，故无法判段比荷关系，故D错误；故选：A。【点评】本题关键是明确粒子的运动情况和受力情况，然后结合牛顿第二定律列式分析，基础问题5（3分）一简谐机械横波沿x轴正方向传播，波长为，周期为T，t=0时刻的波形如图1所示，a、b是波上的两个质点图2是波上某一质点的振动图象下列说法正确的是（）At=0时质点a的速度比质点b的大Bt=0时质点a的加速度比质点b的小C图2可以表示质点a的振动D图2可以表示质点b的振动【分析】质点的速度和加速度可根据质点的位置进行判断在平衡位置时，速度最大，加速度最小；在最大位移处，速度为零，加速度最大根据图2中t=0时刻质点的位置和振动方向，在图1上找出对应的质点【解答】解：A、t=0时质点a位于最大位移处，b质点经过平衡位置，所以质点a的速度比质点b的小，故A错误；B、根据加速度大小与位移大小成正比的特点，可知a的位移比b的位移大，则质点a
